Aσκηση φυσικης κατευθυνσης

[ART1]

αναζητω λυση στην ασκηση 99.οποιος φιλος ειναι καλος σε αυτα παρακαλω την βοηθεια του γτ εγω δεν θυμαμαι τπτ απο τα σχολικα χρονια μετα απο τοσα χρονια...ευχαριστω

[nikos bob]

Πλακα μας κανεις αλλα αν περιμενεις θα το στειλω σε καποιον που μπορει να μας βοηθησει.
Παραδιδει και μαθηματα αν θελει καποιος.

Από ποια ταξη είναι η ασκηση ;;;

[nikos bob]

Η απαντηση ηρθε από το ''ξεφτερι'' αλλα δεν είναι εδώ.

Αν περιμενετε....
Σας ανεβαζω την απαντηση που μου εστειλε ::'' Απλο μου φαινεται αλλα να περιμενεις να γυρισω, εδώ εχω παρεα και δεν μπορω''

Θα μας τρελανει ο γυιος....ακου ''απλο μου φαινεται'' !!

[gant]

Την λύση θέλεις προφανώς, γιατί η απάντηση υπάρχει ήδη 4,2m/s

[ghost-rider]

Με ΑΔΕ θα βγεί νομίζω.
Απλά δε θα καθίσω να κάνω πράξεις..

Πάρε σημείο αναφοράς τη βάση του ισοσκελούς τριγώνου.
Εκεί δεν έχεις δυναμική ούτε λόγω βαρύτητας, ούτε λόγω φορτίου.
Έχεις μόνο ταχύτητα (την οποία και ψάχνεις).
Η ενέργεια σου εδώ είναι 1/2*m*V^2

Στο σημείο εκκίνησης (κορυφή ισοσκελούς) έχεις αντίθετα μηδενική ταχύτητα και δυναμικές:
α)λόγω βαρύτητας (m*g*h)

β)λόγω δυναμικού(2*F*h*cosθ). σχέση (1)
Όπου F=K*Q*q/r^2 . σχέση (2)
Ισχύει από πυθαγόρειο θεώρημα h^2 + 0,3^2=r^2
Eπιλύεις ως προς r και αντικαθιστάς στην (2) και στη συνέχεια όλο αυτό στην (1) και βρίσκεις μία καινούρια σχέση, έστω (3).
Έπειτα ολοκληρώνεις απο το 0 έως το h την (3) και βρίσκεις το έργο των δυνάμεων από τα ηλεκτρικά φορτία.

Προσθέτεις α) και β) και εξισώνεις με την κινητική στη βάση.
Επιλύεις ως προς την ταχύτητα και λογικά καταλήγεις στο πολυπόθητο 4,2...


Και τώρα να επανέλθουμε σε σοβαρά προβλήματα.
Ζητούνται ενισχυμένα μπιελοπίστονα για Μ54

[ART1]

Με ΑΔΕ θα βγεί νομίζω.
Απλά δε θα καθίσω να κάνω πράξεις..

Πάρε σημείο αναφοράς τη βάση του ισοσκελούς τριγώνου.
Εκεί δεν έχεις δυναμική ούτε λόγω βαρύτητας, ούτε λόγω φορτίου.
Έχεις μόνο ταχύτητα (την οποία και ψάχνεις).
Η ενέργεια σου εδώ είναι 1/2*m*V^2

Στο σημείο εκκίνησης (κορυφή ισοσκελούς) έχεις αντίθετα μηδενική ταχύτητα και δυναμικές:
α)λόγω βαρύτητας (m*g*h)

β)λόγω δυναμικού(2*F*h*cosθ). σχέση (1)
Όπου F=K*Q*q/r^2 . σχέση (2)
Ισχύει από πυθαγόρειο θεώρημα h^2 + 0,3^2=r^2
Eπιλύεις ως προς r και αντικαθιστάς στην (2) και στη συνέχεια όλο αυτό στην (1) και βρίσκεις μία καινούρια σχέση, έστω (3).
Έπειτα ολοκληρώνεις απο το 0 έως το h την (3) και βρίσκεις το έργο των δυνάμεων από τα ηλεκτρικά φορτία.

Προσθέτεις α) και β) και εξισώνεις με την κινητική στη βάση.
Επιλύεις ως προς την ταχύτητα και λογικά καταλήγεις στο πολυπόθητο 4,2...


Και τώρα να επανέλθουμε σε σοβαρά προβλήματα.
Ζητούνται ενισχυμένα μπιελοπίστονα για Μ54

και μονο που το διαβασα παω για ντεπον με επιασε το κεφαλι....δεν καταλαβα τπτ χαχα

[ART1]

Πλακα μας κανεις αλλα αν περιμενεις θα το στειλω σε καποιον που μπορει να μας βοηθησει.
Παραδιδει και μαθηματα αν θελει καποιος.

Από ποια ταξη είναι η ασκηση ;;;

φιλε νικο να το στειλεις γτ θελω την απαντηση....βοηθω στα μαθηματα την ξαδερφη αλλα σε αυτα δεν τα παω καλα και πηγα να το παιξω εξυπνος αλλα μολις το ειδα γονατισα σηκωσα τα χερια χωρις βεβαια να τις το πω...χαχα.ειναι απο δευτερα λυκειου

[acrobat]

Γεια χαρά, η ασκηση λύνεται ώς εξής:

εστω το τρίγωνο ΑΒΓ με Α κορυφή, ΒΓ η βάση και Μ το μέσο της βάσης.

Εφαρμόζεις ΘΜΚΕ μεταξύ της κορυφής Α και του μέσου της πλευράς Μ: ΣW=ΔΚ (1).

αλλά ΣW=εργο βαρους + έργο δύναμης του ηλ. πεδίου
εργο βαρους= mgh = 20*10^-6 J και εργο δυναμης ηλ. πεδίου = q(Vα-Vm) όπου Va=kQ/(ΑΒ)+kQ/(AΓ)
Vm=kQ/(BM)+kQ(MΓ)

εν τέλει q(Vα-Vm)=24*10^-6 J
τέλος η (1) γίνεται:mgh+q(Va-Vm)= 1/2mu^2+0-->
u^2=2*(mgh+q(Va-Vm))/m= 88/5=17.6--> u=4.2 m/s

ελπιζω να βοήθησα
Γ.

[acrobat]

H άσκηση εννοείται λύνεται και με ΑΔΕ. Πρέπει να προσέξεις μόνο οτι στο μέσο της βάσης του τριγώνου η βαρυτική δυναμική ενέργεια είναι 0 όπως σωστά λέει ο φίλος παραπάνω, ΑΛΛΑ η δυναμική λόγω του ηλεκτροστατικού πεδίου ΔΕΝ είναι 0. Είναι το άθροισμα των δυναμικων ενεργειών που έχει το q λογω της αλληλεπιδρασης του με το QΒ και το QΓ.

Δηλαδή, Ηλ. Δυναμική Ενέργ στο Μ = ΚQq/(BM)+KQq/(MΓ)

οπότε η εξίσωση της ΑΔΕ ειναι: ΚQq/(ΑΒ)+KQq/(AΓ) + mgh = ΚQq/(BM)+KQq/(MΓ) + 1/2mu^2 την οποία λύνεις ως προς u.

[ART1]

φιλε μου acrobat σε ευχαριστω βοηθησες και πολυ μαλιστα